都是細節處理，就直接放在一篇博客裏了c++
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題目描述
熊的智商高仍是猴子的智商高，這或許是一個很難考究的問題。故事裏，吉吉國王一直標榜本身是最聰明最偉大的猴子國王，他的毛毛也是這麼堅信。而咱們的熊大和熊二卻一直相信他們熊熊纔是最聰明的。因而，在導遊光頭強的建議下，他們決定來一場 pk。
Pk 的內容是這樣的，有 n 個格子，每一個格子從左到右的編號依次是 1 到 n（編號也是位置)，每一個格子上都有不一樣美味值的水果（猴子們和熊們都很喜歡吃水果，因此水果對他們來講頗有吸引力）。他們從位置 0 開始出發，手上有 AB 兩種卡片，A 卡有 na 張，B 卡片有nb 張。每次他們能夠用掉一張卡片，而後往前跳若干格，跳的格子數就是卡片上的數字。每跳到一個格子上，就能夠吃掉對應格子裏面的水果，得到水果的美味值。固然了，咱們會保證當卡片用完的時候，必定恰好跳到第 n 個格子上。卡片必定要用完，不能有剩餘。
遊戲的結果就是在相同的狀況下，誰能得到的水果美味值總和最大。熊熊們想要贏得這個比賽，因而熊二請求你的幫助。若是你能夠幫助他算出最大值，他甚至能夠把他最心愛的蜂蜜分享給你。
輸入
輸入第一行是3個整數n，na，nb,va,vb，n表示格子的總數，na表示A種卡片的數量，nb表示B種卡片的數量，va表示A種卡片上的數，vb表示B種卡片上的數。保證n必定等於nava+nbvb。
接下來n個整數，表示每一個格子上水果的美味值，注意美味值有多是負數。
輸出
輸出只有一行一個整數，表示卡片用完的時候，最多能夠獲得的美味值總和。
樣例輸入 Copy
3 1 1 2 1
1 2 3
樣例輸出 Copy
5
提示
共計有20個測試點。
對於第1-6個測試點，保證na=1,nb<=200，美味值都是小於等於10000的正整數。
對於第7-12個測試點，保證1<=na,nb<=12，美味值的絕對值小於等於10000。
對於100%的數據，保證1<=n<=20000,1<=na,nb<=2000,1<=va,vb<=5，va不等於vb，美味值的絕對值不超過1000000。
思路：
dp[i][j]表示用了i張A卡片和j張B卡片所獲取的美味值的最大值，狀態轉移方程：web
dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i-1][j]+a[i*va+j*vb]); dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i][j-1]+a[i*va+j*vb]);
注意一下細節處理
開始數組開小了一直TLE 就離譜數組
#pragma GCC optimize(2) #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; #define I_int ll #define inf 0x3f3f3f3f inline ll read() { ll x=0,f=1;char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return x*f; } char F[200]; inline void out(I_int x) { if (x == 0) return (void) (putchar('0')); I_int tmp = x > 0 ? x : -x; if (x < 0) putchar('-'); int cnt = 0; while (tmp > 0) { F[cnt++] = tmp % 10 + '0'; tmp /= 10; } while (cnt > 0) putchar(F[--cnt]); //cout<<" "; } const int maxn=2010; ll dp[maxn][maxn]; ///dp[i][j]表示用了i張A卡片和j張B卡片所獲取的美味值的最大值 ll n,na,nb,va,vb; ll a[20010]; void AC(){ n=read();na=read();nb=read();va=read();vb=read(); for(ll i=1;i<=n;i++) a[i]=read(); for(ll i=0;i<=na;i++){ for(ll j=0;j<=nb;j++){ if(i>=1) dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i-1][j]+a[i*va+j*vb]); if(j>=1) dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i][j-1]+a[i*va+j*vb]); } } out(dp[na][nb]); } int main(){ AC(); return 0; }
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題目描述
一天，小Z到OI總部旅遊，發現OI總部至關龐大，所以小Z經常迷路。本着「爲人民服務」的原則，小Z決定爲OI總部製做路標。OI總部由n個OI討論社組成，有些OI討論社間有路相連，路是無向的。小Z要在每一個OI討論社豎一個路標。小Z是一個喜歡標新立異的人，他製做的路標分兩種：黑路標和白路標。小Z規定：與白路標有路相連的必須是黑路標。因爲製做白路標比較省錢，因此他想知道最多有幾個OI討論社的路標爲白路標。（注意：OI總部不必定是連通圖。）
輸入
第一行包括2個整數m和n，表示路的條數和OI討論社的個數。
接下來的m行，每行兩個正整數x和y（x,y<=n且x≠y），表示第x個OI討論社與第y個OI討論社有路相連。
輸出
共一行，包括1個正整數ans，表示最多有幾個OI討論社的路標爲白路標。
樣例輸入 Copy
1 2
1 2
樣例輸出 Copy
1
提示
20%數據：n<=3
另有20%數據：m<=3
100%的數據知足：1<=n<=10
思路：
數據範圍很小，直接dfs就行，要注意看清題目中說的是白塊只能和黑塊相連，而黑塊則不受限制
讀錯題wa了5發svg
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int maxn=110; int maxx=-1; int g[maxn][maxn],col[maxn]; int n,m; ///1是白2是黑 bool check(int u){ for(int i=1;i<=n;i++) if(g[u][i]||g[i][u]){ if(col[i]==1&&col[u]==1) return 0; } return 1; } void dfs(int u){ if(u==n+1){ int tot=0; for(int i=1;i<=n;i++) if(col[i]==1) tot++; maxx=max(maxx,tot); } else{ for(int i=1;i<=2;i++){ col[u]=i; if(check(u)) dfs(u+1); col[u]=0; } } } void AC(){ cin>>m>>n; for(int i=1;i<=m;i++){ int x,y; cin>>x>>y; g[x][y]=g[y][x]=1; } dfs(1); cout<<maxx<<endl; } int main(){ AC(); return 0; }