2013阿里筆試題

2013阿里巴巴暑期實習筆試

答題說明：

　　1.答題時間90分鐘，請注意把握時間;

　　2.試題分爲四個部分：單項選擇題(10題，20分)、不定向選擇題(4題，20分)、填空問答(5題，40分)、綜合體(1題，20分);

　　3.其餘一些亂七八糟的考試說明。

　　1、單項選擇題

　　1.下列說法不正確的是：(D)

　　A.SATA硬盤的速度速度大約爲500Mbps/s

　　B.讀取18XDVD光盤數據的速度爲1Gbps

　　C.前兆以太網的數據讀取速度爲1Gpbs

　　D.讀取DDR3內存數據的速度爲100Gbps

　　解析：DVD的1x是1350KB，16x是21600KB，就算是21.6MB好了=160Mbps

 

這圖明顯說明是20GB/s=160Gbps;

感受內存尚未硬盤快呢

　　2.(D)不能用於Linux中的進程通訊

　　A.共享內存

　　B.命名管道

　　C.信號量

D.臨界區

所謂的臨界區（critical section），實際上指的是一段代碼。選D；在《Windows核心編程第五版》中，對臨界區的解釋是：它是一小段代碼，它在執行以前須要獨佔對一些共享資源的訪問權。這種方式可讓多行代碼以「原子方式」來對資源進行操控。這裏的原子方式，指的是代碼知道除了當前線程以外，沒有其餘任何線程會同時訪問該資源。固然，系統仍然能夠暫停當前線程去調度其餘線程。可是，在當前線程離開臨界區以前，系統是不會去調度任何想要訪問同一資源的其餘線程。

 

　　3.設在內存中有P1,P2,P3三道程序，並按照P1,P2,P3的優先級次序運行，其中內部計算和IO操做時間由下表給出(CPU計算和IO資源都只能同時由一個程序佔用)：

　　P1:計算60ms---》IO 80ms---》計算20ms

　　P2:計算120ms---》IO 40ms---》計算40ms

　　P3:計算40ms---》IO 80ms---》計算40ms

　　完成三道程序比單道運行節省的時間是(C)

　　A.80ms

　　B.120ms

　　C.160ms

　　D.200ms

　　4.兩個等價線程併發的執行下列程序，a爲全局變量，初始爲0，假設printf、++、--操做都是原子性的，則輸出不願哪一個是(A)

　　void foo() {

　　if(a <= 0) {

　　a++;

　　}

　　else {

　　a--;

　　}

　　printf("%d", a);

　　}

　　A.01

　　B.10

　　C.12

　　D.22

　　5.給定fun函數以下，那麼fun(10)的輸出結果是(C)

　　int fun(int x) {

　　return (x==1) ? 1 : (x + fun(x-1));

　　}

　　A.0

　　B.10

　　C.55

　　D.3628800

　　6.在c++程序中，若是一個整型變量頻繁使用，最好將他定義爲(D)

　　A.auto

　　B.extern

　　C.static

　　D.register

　　7.長爲n的字符串中匹配長度爲m的子串的複雜度爲(B)

　　A.O(N)

　　B.O(M+N)

　　C.O(N+LOGM)

　　D.O(M+LOGN)

　　解析： KMP算法不懂

　　8.判斷一包含n個整數a[]中是否存在i、j、k知足a[i] + a[j] = a[k]的時間複雜度爲()

　　A.O(n3)

　　B.O(n2lgn)

　　C.O(n2)

　　D.O(nlgn)

　　解析：O(N2)的算法能想一大堆，雖然最終我選的C，好比說用hash的話，三維遍歷能夠輕鬆編程二維遍歷，可是總感受是否是應該有nlgn的算法。

　　9.三次射擊能中一次的機率是0.95，請問一次射擊能中的機率是多少?(A)

　　A.0.63

　　B.0.5

　　C.**

　　D.0.85

　　10.下列序排算法中最壞複雜度不是n(n-1)/2的是_(D)

　　A.快速序排 B.冒泡序排 C.直接插入序排 D.堆序排

　　2、不定向選擇題

　　1.阻塞、就緒、運行的三態轉換

　　2.一個棧的入棧數列爲：一、二、三、四、五、6;下列哪一個是可能的出棧順序。(選項不記得)

　　3.下列哪些代碼可使得a和b交換數值。(選項不記得)

　　4.A和B晚上無聊就開始數星星。每次只能數K個(20<=k<=30)A和B輪流數。最後誰把星星數完誰就獲勝，那麼當星星數量爲多少時候A必勝?

　　A.2013 B.2886 C.4026 D......E.....(選項不記得)

　　3、填空問答題

　　1.給你一個整型數組A[N]，完成一個小程序代碼(20行以內)，使得A[N]逆向，即原數組爲1，2，3，4，逆向以後爲4，3，2，1

　　void revense(int * a,int n) {

　　}

　　2.自選調度方面的問題，題目很長，就是給你三個線程，分別採用先來先分配的策略和最短執行之間的調度策略，而後計算每一個線程從提交到執行完成的時間。題目實在太長，還有幾個表格。考察的是操做系統裏面做業調度算法先進先出和最短做業優先。

　　3.有個苦逼的上班族，他天天忘記定鬧鐘的機率爲0.2，上班堵車的機率爲0.5，若是他既沒定鬧鐘上班又堵車那他遲到的機率爲1.0，若是他定了鬧鐘可是上班堵車那他遲到的機率爲0.9，若是他沒定鬧鐘可是上班不堵車他遲到的機率爲0.8，若是他既定了鬧鐘上班又不堵車那他遲到的機率爲0.0，那麼求出他在60天裏上班遲到的指望。

4.戰報交流：戰場上不一樣的位置有N個戰士(n>4)，每一個戰士知道當前的一些戰況，如今須要這n個戰士經過通話交流，互相傳達本身知道的戰況信息，每次通話，可讓通話的雙方知道對方的全部情報，設計算法，使用最少的通話次數，是的戰場上的n個士兵知道全部的戰況信息，不須要寫程序代碼，得出最少的通話次數。

（先一遍遍歷，而後在回去，）

 

　　5.有N我的，其中一個明星和n-1個羣衆，羣衆都認識明星，明星不認識任何羣衆，羣衆和羣衆之間的認識關係不知道，如今若是你是機器人R2T2，你每次問一我的是否定識另一我的的代價爲O(1)，試設計一種算法找出明星，並給出時間複雜度(沒有複雜度不得分)。

　　解答：這個問題等價於找未知序列數中的最小數，咱們將reg這個函數等價爲如下過程：，若是i認識j，記做i大於等於j,一樣j不必定大於等於i,知足要求，i不認識j記做i

　　int finds(S,N)

　　{

　　int flag=0;//用於斷定是否有明星，即當前最小數另外出現幾回

　　int temp=0;//存放最小數在S中的位置

　　for(i=1;i

　　{

　　if(!reg(S[i],S[temp])//若是temp標號的數小於i標號的數

　　{

　　temp=i;

　　flag=0;//更換懷疑對象(最小數)時，標記清零

　　｝

　　elseif(reg(S[temp]，S[i])//若是temp裏存放的確實是惟一最小數是不會跑進這裏來的

　　{

　　flag++; `

　　}

　　｝

　　if(flag>0) return -1;//表示沒有明星,例如全部的數都相等

　　return temp;//返回明星在S中的位置

}

int cha() { int i=1;j=N; while(i<=N) {   if(know(i,j))  i++;//認識就問下一我的 else j--;//不認識就問是否定識前一我的； if(0==j) return I; break; } }

思路就是：從第一我的開始問，是否定識最後一我的， 若認識，說明確定不是明星，放棄他，去問第二我的； 若不認識，再問是否定識第n-1我的，若認識說明還不是明星；不認識繼續問是否定識第n-2我的； 當找到明星時，確定把全部人問遍了，（設每一個人不問本身），j此時爲0； 跳出循環，返回明星的位置；   最快是第一個位置是明星，問了n-1次； 最差是最後一個是明星，並且剩餘的人都互相認識，這樣就問了（n-1）*（n-1）次，最後一個確定是明星了，不用再問。 這種方式跟明星位置和剩餘人之間認識度有關。。。。。

 

　　4、綜合題

　　皇冠用戶倉庫開銷：有一個淘寶商戶，在某城市有n個倉庫，每一個倉庫的儲貨量不一樣，如今要經過貨物運輸，將每次倉庫的儲貨量變成一致的，n個倉庫之間的運輸線路圍城一個圈，即1->2->3->4->...->n->1->...，貨物只能經過鏈接的倉庫運輸，設計最小的運送成本(運貨量*路程)達到淘寶商戶的要求，並寫出代碼。

 

　　思路：這個在各類online-judge平臺上都有答案，純粹的數學問題，

　　如圖，這是一個倉庫分佈的模擬，假設從第i個倉庫向第i+1個倉庫轉移的物品爲Pi個單位，其中Pi爲負表示思是從i+1個倉庫轉移到第i個倉庫，第n個倉庫轉移到第一個倉庫即爲Pn，設最後每一個倉庫平均後的貨物爲ave個單位，則有要最小化|P1|+|P2|+…+|Pi|+…+|Pn|

　　ave[i]=ave=A[i]-Pi+Pi-1//平均就是每一個點收到（前一個節點發出）的和本節點發出的，加上本節點原有的

　　ave[1]=A[1]-P1+Pn//第一個節點的平均

　　而後設W[i]=ave[i]-A[i]=-Pi+Pi-1//每一個節點發出和收到的差值

　　因而S[i]=W[1]+W[2]+….W[i]=Pn-Pi//全部前i個節點發出收到的差值之和

　　即Pi=Pn-S[i] ，因此問題歸結到最小化|Pn-S[1]|+|Pn-S[2]|+…+|Pn-S[n]|

因此Pn是S中位數的時候最小//pn是最後一個節點發給節點1的。

 

實現了可是出不來結果、、、

#include <cstdlib> #include <iostream> #include <math.h> #include <algorithm> using namespace std;   const int N=100;  //定義數組大小 int input[N];   //輸入的每一個倉庫原始的貨物量 int sum=0;      //全部倉庫總貨物量 int s[N];       //前i個節點獲得和發出只差的和==這個差就是原有-平均 int avg; int n; void sort(int data[],int len) {      for(int i=0;i<len;++i)      {                     for(int j=0;j<len-i;++j)              {                      if(data[j]>data[j+1])                      data[j]=data[j]^data[j+1];                      data[j+1]=data[j]^data[j+1];                      data[j]=data[j]^data[j+1];              }      } } int main(int argc, char *argv[]) {         while(cin>>n)     {  //n個倉庫        for(int i=1;i<=n;++i)        {         cin>>input[i];         sum=sum+input[i];         avg=sum/n;   //平均值         }         avg=sum/n;     }     for(int i=1;i<=n;++i)     {             s[i]=input[i]+s[i-1]-avg;//前i個節點的差值之和     }     sort(s,5);//對數組值從小到大排序     int mid=s[n/2];//取中值     mid=abs(mid);     int res=0;      for(int i=1;i<=n;++i)         {                 res+=abs(mid-s[i]);                 }                 cout<<"最小代價是： "<< res;     system("PAUSE");     return EXIT_SUCCESS; }