牛客網校招全國統一模擬筆試（三月場）- Java方向

一、若二叉樹採用二叉鏈表存儲結構,要交換其全部分支結點左、右子樹的位置,利用()遍歷方法最合適

A 前序　　 B 中序 　　C 後序 　　D 按層次

解析：顯而後序遍歷比較合理。正常的邏輯應該就是：作好當前結點子樹內部的交換，而後交換當前結點的左右子樹。恰好符合後序遍歷的算法邏輯。
1. 交換好左子樹
2. 交換好右子樹
3. 交換左子樹與右子樹
其餘算法如先序和按層次其邏輯都差很少，即訪問當前結點時交換其左右子樹。從邏輯上來看稍顯彆扭一點點。所以說最合適應該是後序遍歷，可是從實現上來講先序和按層次都是能夠的。
1. 交換左子樹與右子樹
2. 遍歷左子樹
3. 遍歷右子樹
按層次遍歷
1. 根結點入隊列
2. 出隊列，交換其左右子樹，將子樹的根入隊列
3. 重複2直到隊列爲空
中序遍歷相對較難實現一些。

二、鏈表不具有的特色是（ ）

A 可隨機訪問任何一個元素

B 插入、刪除操做不須要移動元素

C 無需事先估計存儲空間大小

D 所需存儲空間與線性表長度成正比

解析：鏈表是線性表的鏈式存儲，是用結點來存儲數據元素。線性表採用鏈表做爲存儲結構時，不能進行數據元素的隨機訪問，其優勢是插入和刪除操做不須要移動元素。因此，本題應該選擇A。

三、下列關於棧的敘述正確的是（）

A 棧是非線性結構

B 棧是一種樹狀結構

C 棧具備先進先出的特徵

D 棧有後進先出的特徵

解析：棧實際上也是線性表，是按照「先進後出」或「後進先出」的原則組織數據的。

四、某棵徹底二叉樹上有698個節點，則該二叉樹的葉子節點數爲

A 349 　　B 350 　　C 255　　 D 351 

解析：所謂徹底二叉樹是指除最後一層外，每一層上的結點數均達到最大值；在最後一層上只缺乏右邊的若干結點。具備n個結點的徹底二叉樹，其父結點數爲int(n/2)，而葉子結點數等於總結點數減去父結點數。本題n=698，故父結點數等於int(698/2)=349，葉子結點數等於 698-349=349。

 五、輸入若已是排好序的，下列排序算法最快的是（）

A 插入排序 　　B Shell排序 　　C 合併排序 　　D 快速排序

解析：A：插入排序只須要遍歷一遍，時間複雜度爲O（n）

B：希爾排序基於插入排序，只有好的狀況下才能達到O（n）

C：歸併排序時間複雜度爲nlogn

D：快速排序在排好序的狀況下，時間複雜度爲n^2

六、在網絡7層協議中，若是想使用UDP協議達到TCP協議的效果,能夠在哪層作文章?

A 應用層 　　B 表示層 　　C 會話層 　　D 傳輸層 　　E 網絡層

解析： 由於UDP要達到TCP的功能就必須實現擁塞控制的功能,並且是在路由之間實現,這個在底層明顯是作不到擁塞控制的,在應用層也是作不到的,由於應用層之間和應用程序掛鉤,通常只能操控主機的程序,而表示層是處理全部與數據表示及運輸有關的問題，包括轉換、加密和壓縮,在傳輸層是不可能的,由於你已經使用了UDP協議,沒法在本層轉換它,只有在會話層.

　　會話層（SESSION LAYER）容許不一樣機器上的用戶之間創建會話關係。會話層循序進行相似的傳輸層的普通數據的傳送，在某些場合還提供了一些有用的加強型服務。容許用戶利用一次會話在遠端的分時系統上登錄，或者在兩臺機器間傳遞文件。 會話層提供的服務之一是管理對話控制。會話層容許信息同時雙向傳輸，或任一時刻只能單向傳輸。若是屬於後者，相似於物理信道上的半雙工模式，會話層將記錄此時該輪到哪一方。

七、主機甲和乙已創建了 TCP 鏈接,甲始終以 MSS=1KB 大小的段發送數據,並一直有數據 發送;乙每收到一個數據段都會發出一個接收窗口爲 10KB 的確認段。若甲在 t 時刻發生超時時擁塞窗口爲 8KB,則從 t 時刻起,再也不發生超時的狀況下,通過 10 個 RTT 後,甲的發送窗口是()

A 10KB 　　B 12KB 　　C 14KB 　　D 15KB

解析： 當t時刻發生超時時，把ssthresh設爲8的一半，即爲4，且擁塞窗口設爲1KB。而後經歷10個RTT後，擁塞窗口的大小依次爲二、四、五、六、七、八、九、十、十一、12，而發送窗口取當時的擁塞窗口和接收窗口的最小值，而接收窗口始終爲10KB，因此此時的發送窗口爲10KB，選A。

　　實際上該題接收窗口一直爲10KB，可知無論什麼時候，發送窗口必定小於等於10KB，選項中只有A選項知足條件，可直接得出選A。

八、linux 系統中，給文件授予可執行權限的命令是（）

A chown 　　B mv 　　C sudo　　D chmod

解析：chown更改文件的擁有者，mv移動，sudo以管理員權限運行，chmod給文件授予可執行權限。

九、下面關於Linux文件系統的inode描述錯誤的是：

A inode和文件是一一對應的

B inode描述了文件大小和指向數據塊的指針

C 經過inode可得到文件佔用的塊數

D 經過inode可實現文件的邏輯結構和物理結構的轉換

解析：  通常狀況下，文件名和inode號碼是"一一對應"關係，每一個inode號碼對應一個文件名。可是，Unix/Linux系統容許，多個文件名指向同一個inode號碼。這意味着，能夠用不一樣的文件名訪問一樣的內容；對文件內容進行修改，會影響到全部文件名；可是，刪除一個文件名，不影響另外一個文件名的訪問。這種狀況就被稱爲"硬連接"（hard link）。 除了硬連接之外，還有一種特殊狀況。文件A和文件B的inode號碼雖然不同，可是文件A的內容是文件B的路徑。讀取文件A時，系統會自動將訪問者導向文件B。所以，不管打開哪個文件，最終讀取的都是文件B。這時，文件A就稱爲文件B的"軟連接"（soft link）或者"符號連接（symbolic link）。 這意味着，文件A依賴於文件B而存在，若是刪除了文件B，打開文件A就會報錯："No such file or directory"。這是軟連接與硬連接最大的不一樣：文件A指向文件B的文件名，而不是文件B的inode號碼，文件B的inode"連接數"不會所以發生變化。

http://www.javashuo.com/article/p-yshuwdzr-bo.html

十、進程阻塞的緣由不包括________。

A 時間片切換 　　B 等待I/O 　　C 進程sleep 　　D 等待解鎖

解析：進程有3個狀態：就緒態。執行態、阻塞態。三種狀態的轉換包含有：

就緒->執行，執行->就緒，執行->阻塞，阻塞->就緒

等待I/O、進程sleep、等待解鎖等緣由都會致使進程暫停。關於"時間片切換"，當進程已經得到了除cpu外全部的資源，這時的狀態就是就緒態，當分配到了時間片就成了執行態，當時間片用完以前一直未進入阻塞態的話，此後便繼續進入就緒態。因此進程的就緒與阻塞是徹底不一樣的。

 十一、如何減小換頁錯誤？

A 進程傾向於佔用CPU

B 訪問局部性（locality of reference）知足進程要求

C 進程傾向於佔用I/O

D 使用基於最短剩餘時間（shortest remaining time）的調度機制

解析：換頁錯誤又稱缺頁錯誤，當一個程序試圖訪問沒有映射到物理內存的地方時，就會出現缺頁錯誤， 這時操做系統就要去虛擬內存中加載這塊內存頁。

減小換頁錯誤的方法，即下降缺頁中斷率：
一、內存頁框數。增長做業分得的內存塊數。
二、頁面大小。頁面劃分越大，中斷率越低。
三、替換算法的優劣影響缺頁中斷次數
四、程序局部性。程序局部性好可減小缺頁中斷（爲何？）。
那麼B是對的，而對於D，最短剩餘時間調度是CPU調度就緒進程的方式，與頁面置換算法無關，不要搞混淆了。
局部性原理是一個經典的原理，分爲時間局部性和空間局部性，意思是應用一旦訪問了一個空間的數據，則這個空間中的相鄰區域的內容也極可能被訪問，一旦訪問了某一段代碼，則其周圍的代碼也極可能被訪問。局部性原理的運用就是根據這個，把可能訪問的數據和代碼都加在到內存中，之後訪問就不用加載了（由於主要的消耗在IO端）。這也是迪傑斯特拉提出的goto語句有害的依據，應爲goto語句能打破局部性原理，形成計算機的延遲加重。

十二、在內存分配的"最佳適應法"中，空閒塊是按（）。

A 始地址從小到大排序

B 始地址從大到小排序

C 塊的大小從小到大排序

D 塊的大小從大到小排序

1三、某網站的數據庫有一個成績表myscore，但願找出成績表中平均得分小於90的全部試卷。

A select paper_id from myscore where sum(score) < 90 group by paper_id

B select paper_id from myscore group by paper_id having avg(score) < 90

C select paper_id from myscore where avg(score) < 90

D select paper_id from myscore where avg(score) < 90 group by paper_id

解析： 統計函數不能在Where後面當作限定條件使用,由於where的過濾時機是在查看每一行屬性的時候,而統計函數須要在全部數據都查看以後才統計,因此這裏用Where後面直接加什麼都不對。

1四、有土豆，蘿蔔各一筐，土豆有 240 個，蘿蔔有 313 個，把這兩筐平均分給一些小朋友，一直土豆分到最後餘 2 個，蘿蔔分到最後還餘 7 個，求最多有多少個小朋友 參加分水果？

A 14 　　B 17 　　C 28　　 D 34

1五、4個袋子，15個球，每一個袋子至少放一個球，並且袋子中的球數量不能重複，有多少種方式？

A 4　　 B 5 　　C 6 　　 D 7

解析：1,2,3,9　　 1,2,4,8 　　1,2,5,7 　　1,3,4,7 　　1,3,5,6 　　2,3,4,6

1六、下列關於 java 語言的特色，描述錯誤的是（）

A java是跨平臺的編程語言

B java支持分佈式計算

C java是面向過程的編程語言

D java支持多線程

解析：Java是面向對象的編程語言

1七、instanceof運算符可以用來判斷一個對象是否爲:

A 一個類的實例 　　B 一個實現指定接口的類的實例 　　C 所有正確 　　D 一個子類的實例

解析：此解析見我另一篇博客：Java中的instanceof關鍵字 http://www.javashuo.com/article/p-oftnfgws-be.html

1八、關於PreparedStatement與Statement描述錯誤的是（）

A 通常而言，PreparedStatement比Statement執行效率更高

B PreparedStatement會預編譯SQL語句

C Statement每次都會解析/編譯SQL，確立並優化數據獲取路徑

D Statement執行掃描的結果集比PreparedStatement大

解析：此解析見我另一篇博客：PreparedStatement與Statement區別 http://www.javashuo.com/article/p-zrwhjemj-s.html

1九、有這麼一段程序：

請問以上程序執行的結果是（）

A true,true　　 B true,false 　　C false,true 　　D false,false

20、對於一個已經不被任何變量引用的對象，當垃圾回收器準備回收該對象所佔用的內存時，將自動調用該對象的哪一個方法（）

A finalize 　　B notify 　　C notifyAll 　　D hashCode

解析： 垃圾回收過程當中的對象銷燬–Finalization

　　就在移除一個對象並回收它的內存空間以前，Java垃圾回收器將會調用各個實例的finalize()方法，這樣實例對象就有機會能夠釋放掉它佔用的資源。儘管finalize()方法是保證在回收內存空間以前執行的，可是對具體的執行時間和執行順序是沒有任何保證的。多個實例之間的finalize()執行順序是不能提早預知的，甚至有可能它們是並行執行的。程序不該該預先假設實例執行finalize()的方法，也不該該使用finalize()方法來回收資源。

　　在finalize過程當中拋出的任何異常都默認被忽略掉了，同時對象的銷燬過程被取消

　　JVM規範並無討論關於弱引用的垃圾回收，這是明確聲明的。具體的細節留給實現者決定。

　　垃圾回收是由守護進程執行的

2一、【加減二叉樹】

　　二叉樹是除了葉子節點以外全部的節點都最多有兩個子節點的樹。滿二叉樹則是除葉子節點外全部節點都有兩個子節點的樹，且全部葉子節點到根節點的距離都相 等。 　　如今有一棵無限大的滿二叉樹，根節點編號爲1。編號爲i的節點的左兒子編號爲2*i，右兒子2*i+1（好比根節點1的左兒子爲2，右兒子爲3，2的左兒子爲4，右兒子爲 5。）。牛牛在這棵樹上作一個遊戲，他從妞妞那裏獲得了兩個數n和k，妞妞但願他拿着數字0從根節點開始往下走，每次選擇一條邊移動，到達一個節點時選擇加 上這個節點的編號或者減去這個節點的編號。在走到第k個節點時所獲得的數字恰好等於n。

　　 這樣的路徑固然有不少。爲了增長難度，妞妞決定讓牛牛告訴她通過的節點的編號和最小的路徑。 妞妞很聰明，給出的問題都是必定存在答案的。

　　你能幫幫牛牛嗎？

2二、【走斜線】

　　有天他來到一張方格地圖上，整張地圖能夠看作一個二維座標軸。牛牛此刻處於原點（0,0），他想要到點（x,y）去。

　　牛牛有強迫症，他規定本身必須剛好k步走到點(x,y)，中途能夠通過任何點包括（x,y），可是第k步必定要到達（x,y）。 一步有八種走法，直線東（+1,0）南（0,-1）西（-1,0）北（0,+1），斜線東南（+1,-1）東北（+1,+1）西南（-1,-1）西北（-1,+1）。

　　牛牛會在能k步到達目的地的基礎下儘可能走斜線，你能計算出牛牛到底走了多少條斜線嗎？

2三、【得分最大】

　　牛牛和妞妞從他們的好朋友果果處獲得了兩個盒子，盒子裏是一些寫了分值的綵球。牛牛和妞妞發現兩個盒子裏的綵球數目是相等的，就決定一人一個。

　　妞妞拿到本身的盒子以後，決定跟牛牛玩一個遊戲，規則以下：

　　一開始兩我的盒子裏的綵球數目都是n個，由妞妞先手，兩人輪流實行下面兩個操做中的一個（只能選其中一個執行，不能不執行。），直到兩個盒子裏的綵球都被 拿完位置。

　　一、從本身的盒子裏選一個球拿出來，把球上面的分值加在本身的總得分上邊。

　　二、從對方的盒子裏選一個球拿出來，把這個球移出遊戲（對方不能再拿這個球）。

　　妞妞和牛牛都十分聰明，不會出錯，而且儘量讓本身的得分比對方多。妞妞想知道，在遊戲結束的時候，他能比牛牛多得多少分呢？