【JZOJ6239】【20190629】智慧樹

題目

一顆\(n\)個節點的樹，每一個點有一個權值\(a_i\)

詢問樹上連通塊權值之和對 \(m\) 取模爲$ x $ 的方案數

答案對\(950009857\) 取模，知足\(m | 950009856\)

空間\(32 \ M\)

題解

• 考慮\(F_i(x)\)爲i爲根的連通塊的生成函數，\(G(x)\)爲答案的生成函數
  \[ \begin{align} F_i(x) \ = \ (\prod F_{son(i)}+1)x^{a_i} \\ G(x) \ = \ \sum F_i(x) \\ \end{align} \]

• 一個比較naive的想法就是每次都dft,idft以後手動將係數取模，但其實沒有必要

• 能夠直接對每一個點求出dft，O(nm)求出點乘後的結果，最後作一次idft以後的到的答案就是循環卷積

  注意每一個點的形式是\(x^a_i\)，預處理單位根的次冪能夠直接獲得dft

• 對於空間，重鏈剖分以後把一個點的數組直接傳給重兒子，一個點dfs完以後回收一下

  最大引用數組就是一條鏈上的輕鏈個數

• 時間複雜度:\(O(nm + m \ log \ m)\) ; 空間複雜度:\(O(m \ log \ n)\)

• 爲何idft以後的結果是循環卷積呢？
  \[ \begin{align} &考慮一個次數界爲n的式子\{A_i\}在m次下的點值表達：\{dft(A)_i\}\\ &設\{B_i\}爲idft以後的結果\\ &B_r = \sum_{j=0}^{m-1}\frac{1}{m}dft(A)_j \omega_m^{-jr}\\ &= \sum_{j=0}^{m-1}\sum_{k=0}^{n-1}\frac{1}{m}A_k \omega_m^{j(k-r)}\\ &= \sum_{k=0}^{n-1}A_k (\sum_{j=0}^{m-1}\frac{1}{m}\omega_m^{j(k-r)})\\ &運用求和引理，B_r = \sum_{j=0}^{n-1}A_k[m|j-r]\\ &即m次意義下的循環卷積 \end{align} \]

Code

#include<bits/stdc++.h>
#define mod 950009857
using namespace std;
const int N=1<<18,M=14,R=7;
int n,m,a[N],o=1,hd[N],sz[N],sn[N],f[M][N],q[M],head,tail,now,id[N],g[N];
int t1[N],t2[N],len,L,rev[N],w[N],W[N];
struct Edge{int v,nt;}E[N<<1];
void adde(int u,int v){
    E[o]=(Edge){v,hd[u]};hd[u]=o++;
    E[o]=(Edge){u,hd[v]};hd[v]=o++;
}
void inc(int&x,int y){x+=y;if(x>=mod)x-=mod;}
void dfsA(int u,int fa){
    sz[u]=1;
    for(int i=hd[u];i;i=E[i].nt){
        int v=E[i].v;
        if(v==fa)continue;
        dfsA(v,u);
        sz[u]+=sz[v];
        if(sz[v]>sz[sn[u]])sn[u]=v;
    }
}
int get(){
    if(head==tail)q[tail++]=++now;
    if(tail==21)tail=0;
    int re=q[head++],*F=f[re];
    for(int i=0;i<m;++i)F[i]=1;
    if(head==21)head=0;
    return re;
}
void pop(int x){
    q[tail++]=x;
    if(tail==21)tail=0;
}
void dfsB(int u,int fa){
    if(sn[u]){
        dfsB(sn[u],u);
        id[u]=id[sn[u]];
        int *F=f[id[u]];
        for(int i=0;i<m;++i)inc(F[i],1);
    }else id[u]=get();
    int *F=f[id[u]];
    for(int i=0,t=0;i<m;++i){
        F[i]=1ll*F[i]*w[t]%mod;
        t+=a[u];if(t>=m)t-=m;
    }
    for(int i=hd[u];i;i=E[i].nt){
        int v=E[i].v;
        if(v==fa||v==sn[u])continue;
        dfsB(v,u);
        int *G=f[id[v]];
        for(int j=0;j<m;++j)F[j]=1ll*F[j]*(G[j]+1)%mod; 
        pop(id[v]);
    }
    for(int i=0;i<m;++i)inc(g[i],F[i]);
}
int pw(int x,int y){
    int re=1;if(y<0)y+=mod-1;
    for(;y;y>>=1,x=1ll*x*x%mod)
        if(y&1)re=1ll*re*x%mod;
    return re;
}
void ntt(int*A,int F){
    for(int i=0;i<len;++i)if(i<rev[i])swap(A[i],A[rev[i]]);
    for(int i=1;i<len;i<<=1){
        int wn=pw(R,F*(mod-1)/i/2);
        for(int j=0;j<len;j+=i<<1){
            int t=1;
            for(int k=0;k<i;++k,t=1ll*t*wn%mod){
                int x=A[j+k],y=1ll*t*A[j+k+i]%mod;
                A[j+k]=(x+y)%mod;A[j+k+i]=(x-y+mod)%mod;
            }
        }
    }
    if(!~F){
        int iv=pw(len,mod-2);
        for(int i=0;i<len;++i)A[i]=1ll*A[i]*iv%mod;
    }
}
int main(){
    freopen("tree.in","r",stdin);
    freopen("tree.out","w",stdout);
    scanf("%d%d",&n,&m);
    w[0]=1;w[1]=pw(R,(mod-1)/m);
    for(int i=2;i<=m;++i)w[i]=1ll*w[i-1]*w[1]%mod;
    for(int i=1;i<=n;++i)scanf("%d",&a[i]);
    for(int i=1;i<n;++i){
        int u,v;
        scanf("%d%d",&u,&v);
        adde(u,v);
    }
    dfsA(1,0);
    dfsB(1,0);
    for(len=1,L=0;len<=(m-1)*3;len<<=1,++L);
    for(int i=1;i<len;++i)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<(L-1));
    for(int i=0;i<=(m-1)<<1;++i){
        W[i]=w[1ll*i*(i-1)/2%m];
        t2[i]=pw(W[i],mod-2);
    }
    for(int i=0;i<m;++i)t1[i]=1ll*g[m-1-i]*W[m-1-i]%mod;
    ntt(t1,1);ntt(t2,1);
    for(int i=0;i<len;++i)t1[i]=1ll*t1[i]*t2[i]%mod;
    ntt(t1,-1);
    int iv=pw(m,mod-2);
    for(int i=0;i<m;++i)printf("%d ",1ll*iv*W[i]%mod*t1[m-1+i]%mod);
    return 0;
}